2020年初三中考理综模拟试卷答案

2020年初三中考理综模拟试卷答案

Ⅰ(选择题,共47分)

一、选择题(本大题共22个小题,共47分。1-19题为单选题,每小题的四个选项中,只有一个选项符合题意,每小题2分;20-22题为多选题,每小题的四个选项中,有两个或两个以上选项符合题意,每题3分,全选对的3分,选对但不全的得2分,有错选或不选的不得分)

1-5ACDAB   6-10.BCDBC  11-15.DACDB    16-19 C A D D

20. BD   21. CD  22.  BCD

部分解析如下:

15.【解答】解答】解:A、正常情况下,人的体温在37℃左右,变化幅度很小,故A不合理;B、人体密度与水的密度差不多,在1.0×103kg/m3左右,中学生的质量在50kg左右,体积在V=

=0.05m3左右,故B合理;

C、中学生1000m跑的时间一般在4min左右,故C不合理;

D、物理课本封面的长、宽分别在25cm、16cm左右,其面积在S=ab=25cm×16cm=400cm2左右,故D不合理。

故选:B。

16. 【解答】解:

A、电磁波的传播不需要介质,能在真空中传播,故A正确;

B、卫星通信是利用电磁波来实现的,故B正确;

C、手机就是利用电磁波的发射和接收来实现信息传递的,故C错误;

D、手机用“WiFi”上网是利用电磁波来传递信息的,故D正确。

故选:C。

17. 【解答】解:

A、云是水蒸气在高空中遇冷空气形成的小水珠,是水蒸气由气态变为液态,是液化现象,故A正确;

B、雪山上的冰雪在温度升高时逐渐消融,是冰雪由固态变为液态,是熔化现象,故B错误;

C、海洋里的水经太阳晒变成水蒸气,是水由液态变为气态,是汽化现象,故C错误;

D、水蒸气在寒冷的高空急剧降温形成雪,是水蒸气由气态直接变成固态,是凝华现象,故D错误。

故选:A。

18. 解答】解:

A、该实验是奥斯特实验:当导线中通过电流时,小磁针发生偏转,实验现象表明电流周围存在磁场,即电生磁,这个现象叫做电流的磁效应,故A错误;

B、闭合开关,通电螺线管中的电流方向是“右上左下”,根据安培定则可知,螺线管的左端是N极,磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的,则小磁针N极将向左偏转,故B错误;

C、若开关闭合,金属棒左右切割磁感线运动,此时电路中就会产生电流,故是电磁感应实验装置,该装置的实验原理应用于制造发电机,故C错误;

D、由图可知,两个电磁铁是串联的,则通过两个电磁铁的电流相同,在电流相同的情况下,匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多,表明线圈匝数越多,磁性越强,故D正确。

故选:D。

19.【解答】解:

解:AB、瓶子保持静止,受力平衡,对瓶子受力分析,竖直方向上受重力和静摩擦力,二力平衡,因而静摩擦力等于重力,手握得越紧,油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大,但是静摩擦力不变,AB错误;

CD、手对瓶子的握力和瓶子所受的重力不是平衡力,因为握力在水平方向上,而重力在竖直方向上;重力和静摩擦力是一对平衡力,重力竖直向下,所以摩擦力的方向竖直向上,故C错误,D正确;

故选:D。

20.【解答】解:A、热量只能说吸收或放出,不能说减少,故A错误;

B、晶体熔化时吸收热量,热量用于状态的变化,温度不变,故B正确;

C、物体内能增加不一定是通过做功故C错误;

D、内能相同的两个物体,可能温度不同,故两个物体之间可以发生热传递,故D正确。

故选:BD。

21.【解答】A、由于水透镜变厚,使得其折光能力变强,光线较原来提前会聚,若蜡烛和水透镜的位置不变,所以像会向左移动,即像距减小,光屏应向左移动,A错误;

B、因水透镜变厚,光线较原来提前会聚,若光屏和水透镜的位置不变,当蜡烛向左移动时,相当于物距变大,像距变小,像更不能在光屏成像,故B错误;

C、由于蜡烛和光屏的位置不变,当水透镜向右移动时,相当于物距变大,像距变小,能在光屏上得到清晰的像,C正确;

D、凹透镜对光线有发散作用,可延迟原来光线的会聚,故蜡烛、水透镜和光屏的位置不变,在靠近水透镜左侧放置一个合适的凹透镜,能在光屏上得到清晰的像,D正确。

故选:CD。

22.【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。

(1)电流表A的示数分别为I1、I2,设R2两端的电压分别为U2、U2′,则△U2=U2′﹣U2

因△U2(I1+I2)=(U2′﹣U2)(I1+I2)=U2′I1+U2′I2﹣U2I1﹣U2I2=(U2′I2﹣U2I1)+(U2′I1﹣U2I2)=△P2+(U2′I1﹣U2I2),

所以,△P2≠△U2(I1+I2),故A错误;

(2)因串联电路中总电压等于各分电压之和,且电源电压U保持不变,

所以,由U=U1+U2可知,|△U1|=|△U2|,故B正确;

因△U1=I2R1﹣I1R1=(I2﹣I1)R1=△IR1

所以,R1=|

|=|

|,故C正确;

电路总功率的变化量:

△P=|UI2﹣UI1|=U|I2﹣I1|=U|△I|,故D正确。

故选:BCD。

(非选择题,共73分)

二、填空及简答题(本大题共9个小题;每空1分,共31分)

23. 20  18

24.   运动状态 机械能 做功

25. 折射,反射,能 

26.   电能 核裂变 电磁波

27. 放热 减小 B

28.  ①  可再生能源  节省化石能源.减少污染等

29. (1)热固性    保持干燥(或刷漆、涂油等)。(2)  <  盐  (3)  微量

30.  (1)  溶液由红色变为无色。

(2) 引流   滤纸破损或液面高于滤纸边缘(答出一种原因即可)。  (3) 50   >

31.(1) CH4    (2) CO2+2NaOH===Na2CO3+H2O    (3)放出   (4)两

三、实验探究题(本大题共4个小题;第32小题4分,第33小题6分,第3435小题各7分,共24分)

32.(1)B;(2)重力势能转化为动能;机械;(3)B。

33.

烧杯的质量m1/g

烧杯与河水的质量m2/g

河水的质量m/g

河水的体积V/cm3

河水的密度

ρ/(g·cm3

30

62

32

30

1.07

偏大     会有少量河水残留在烧杯内壁,造成测量的河水体积偏小,所以密度偏大

34.故答案为:(1)如下所示;

(2)右; 短路;

(3)25;换用最大电阻至少为25Ω的滑动变阻器;

(4)10Ω﹣40Ω;

【拓展】4.5。

35.   氮气的化学性质不活泼   稀盐酸    澄清石灰水变浑浊

试管内壁有水雾生成     Mg+H2SO4===MgSO4+H2↑   CO2

镁条在点燃的条件下与空气中的氮气发生了反应(镁条能在氮气中燃烧)

四、计算应用题(本大题共3个小题;第36小题5分,第37小题7分,第38小题6分,共18分。解答时,要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等,只写最后结果不得分)

36. (1)10

(2)设Na2CO3溶液的溶质质量为x。

Na2CO3+CaCl2===CaCO3↓+2NaCl

106       100

x             10 g

=,解得x=10.6 g

所用Na2CO3溶液的溶质质量分数为

×100%=21.2%

答:所用Na2CO3溶液的溶质质量分数为21.2%。

37.【解答】解:(1)坦克在水平路面静止时对地面的压力:

F=G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N,       --------1分

则坦克在水平路面静止时对地面的压强:

p=F/S=3×105N/6m2=5×104Pa。                  --------1分

(2)v=72km/h=20m/s,

坦克以72km/h的速度匀速行驶时的功率:

P=50%×P最大=50%×1×106W=5×105W,    ---------1分

则由P=W/t=FS/t=Fv可得,行驶过程中受到的牵引力:

F=P/V=

=2.5×104N。                  --------------1分

坦克匀速行驶,受到的阻力和受到的牵引力是一对平衡力,

所以,阻力f=F=2.5×104N。

(3)由P=

可得,坦克发动机做的功:

W=Pt=5×105W×10×60s=3×108J,             ------------------1分

由η=

×100%可得,燃油完全燃烧释放的热量:

Q

=7.5×108J,                         ------------------1分

由Q=mq可得,消耗燃油的质量:

m′=

=7.5×108J/5×107 J/kg=15kg                        -----------------1分

答:(1)坦克在水平路面静止时对地面的压强5×104Pa;

(2)坦克以72km/h的速度匀速行驶,发动机功率为最大功率的50%,此时坦克受到的阻力2.5×104N;

(3)在(2)问的条件下坦克以最大速度行驶10min,如果发动机效率为40%,此时消耗燃油的质量15kg。

38.【解答】解:

①由图可知,电阻R1与滑动变阻器R2串联,电流表测电路中的电流;

(a)根据I=

得,R1两端的电压:U1=IR1=0.4A×10Ω=4V;    -----1分

(b)根据串联电路电压的规律知,

R2两端的电压:U2=U﹣U1=6V﹣4V=2V,

R2连入电路的电阻值为:R2

=5Ω;               --------1分

②由题知,把上述器材重新连接后,闭合开关,在确保安全的情况下,移动滑片的过程中电流表示数能达1.2A;

所以,此时电阻R1与滑动变阻器R2应并联;       ----------------1分

因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以移动滑片时,通过定值电阻R1的电流不变,则电流表不能串联在R1支路上;

滑动变阻器R2标有“20Ω1A”字样,则通过变阻器R2的电流最大为1A,所以电流表不能串联在变阻器R2支路上;

由此可知,电流表应串联在干路中,测量干路的电流;

当滑动变阻器的电阻最大时,该支路的电流最小,总电流最小,

则电流表的最小示数为:

I=I1+I2

+

+

=0.9A;     ---------------------【算对1个极值得2分,全部算对得三分】

当通过滑动变阻器的电流最大为1A时,总电流最大,

则电流表的最大示数为:

I=I1+I2

+I2

+1A=1.6A;  -----------------------【算对1个极值得2分,全部算对得三分】

所以电流表示数能达到的最大范围为:0.9A~1.6A。

答:①(a)R1两端的电压U1为4V;

(b)此时R2连入电路的电阻值为5Ω。

②干路;移动滑片时电流表示数能达到的最大范围为0.9A~1.6A。

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